使用printf的％p格式说明符时，为什么需要在C中将参数转换为void *？

如何解决使用printf的％p格式说明符时，为什么需要在C中将参数转换为void *？

我正在尝试以下C代码：

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>

int main(void) {
    int a = 5;
    int *ptr = &a;
    printf("Data stored: %d\n",*ptr); // Simply prints 5.
    printf("Address of variable a: %p\n",(void*) &a);
    printf("Data stored in ptr: %p\n",(void*) ptr);
    return EXIT_SUCCESS;
}

我用以下程序编译程序：

gcc -Wall -Wextra -Wconversion -pedantic -std=c11 -fsanitize=address -fsanitize=undefined example-1.c -o example-1 

我知道%p格式说明符期望一个对象地址（使用&或有效的指针），但是当我编译代码而不将类型转换为void*时，它会产生警告：

example-1.c: In function ‘main’:
example-1.c:8:37: warning: format ‘%p’ expects argument of type ‘void *’,but argument 2 has type ‘int *’ [-Wformat=]
     printf("Address of variable a: %p\n",&a);
                                    ~^     ~~
                                    %ls
example-1.c:9:34: warning: format ‘%p’ expects argument of type ‘void *’,but argument 2 has type ‘int *’ [-Wformat=]
     printf("Data stored in ptr: %p\n",ptr);
                                 ~^
                                 %ls

因此，我自然将类型转换为void*的参数，然后程序可以正常工作，但是我无法对实际发生的情况做出任何逻辑推断。