通过PHP5中的func_get_args()引用传递变量？

我现在有一个类的方法/函数在这种形式：

function set_option(&$content,$opt,$key,$val){

   //...some checking to ensure the necessary keys exist before the assignment goes here.

   $content['options'][$key][$opt] = $val;

}

现在,我正在调查该功能,使第一个参数可选,让我只传递3个参数.在这种情况下,使用类属性内容来代替我省略的内容.

首先要注意的是使用func_num_args()& func_get_args()与此结合,类似于：

function set_option(){

    $args = func_get_args();

    if(func_num_args() == 3){

        $this->set_option($this->content,$args[0],$args[1],$args[2]);

    }else{

       //...some checking to ensure the necessary keys exist before the assignment goes here.

       $args[0]['options'][$args[1]][$args[2]] = $args[3];

   }

}

我如何指定我传递第一个参数作为参考？ (我使用PHP5,因此指定变量通过函数调用引用传递不是我最好的选择之一)

(我知道我可以修改参数列表,以便最后一个参数是可选的,像函数set_option($opt,$val,& $cont = false)这样做,但是如果通过,我很好奇参考可以结合上面的函数定义,如果我宁愿使用它)

在函数声明中没有参数列表,没有办法将参数用作参考.你需要做的就是这样

function set_option(&$p1,$p2,$p3,$p4=null){

    if(func_num_args() == 3){
        $this->set_option($this->content,$p1,$p3);
    }else{
        $p1['options'][$p2][$p3] = $p4;
    }
}

因此,根据func_num_args()的结果,解释每个参数的真正含义.

相当丑陋,并使代码,你不想以后维护:)

原文地址：https://www.jb51.cc/php/131308.html