这种类型问题三大要素：总重量、每件物品重量、每件物品价值，问最终能够塞进背包中的价值最大是多少？应该怎么选择物品？
当然也不一定是这些，例如上节所说的矿工挖矿：总人数、挖每座矿的人数、每座矿的金子数。
也就是说，只要出现了这三大要素，都可以视为0，1背包问题（物品不可拆分）
动态规划三要素：边界、最优子结构、状态转移方程。
我们一步步进行解析：
初始化：物品总重量：c=8，物品类别：n=['a','b','c','d']，物品重量：w=[2,4,5,3]，物品价值：v=[5,6,2]
假设我们目前只有一个物品a，
- 背包的总重量为0，那么我们获得总价值为0
- 背包的总重量为1，那么我们获得总价值为1
- 背包的总重量为2，此时，正好可以放下物品a，因为它的重量正好是2，那么我们获得总价值为5
- 在这之后，我们可以获得的总价值均为5，因为总重量>2，且只有a一个物品
假设我们现在多了一个物品b,
- 背包总重量0，那么我们获得总价值为0
- 背包总重量1，那么我们获得总价值为0
- 背包总重量2，此时可以放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量3，仍只能放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量4，此时我们既可以放进a，也可以放进b，选价值最大的，也就是放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量5，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量6，此时就可以放进a，b了，那么我们获得总价值为5+4=9
- 在这之后，我们可以获得的总价值均为9
假设我们现在多了一个物品c
- 背包总重量0，那么我们获得总价值为0
- 背包总重量1，那么我们获得总价值为0
- 背包总重量2，此时可以放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量3，仍只能放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量4，此时我们既可以放进a，也可以放进b，选价值最大的，也就是放进a，那么我们获得总价值为5
- 背包总重量5，此时我们可以放a，也可以放c，选最大的，也就是放进c，此时我们获得总价值为6
- 背包总重量6，此时可以放进a，b了，也可以只放进c，选最大的，那么我们获得总价值为5+4=9>6
- 在这之后，我们可以获得的总价值均为9
依此类推下去，看起来挺复杂，其实是有套路的，那我们应该如何实现。
对付这种问题，一般就直接初始化一个数组：dp[len(n)+1][c+1]，即5行9列的二维数组（行代表物品种类，列代表总重量，多加一列和一行是为了更容易理解）
接下来，我们就从代码中一步步剖析：
n=['a',bd'] c=8 w=[2,3] v=[5,2] def bag(c,w,v): #初始化数组，dp[i][j]表示总重量为j，物品种类为i，可以获得的最大价值 dp = [[0 for _ in range(c+1)] in range(len(w)+1)] 定义边界，也就是当我们只有物品a，总重量依次由0-8 也就是第一步我们所解释的 for i in range(1,c+1): if i>=w[0]: dp[1][i] = v[0] 遍历从第二行第一列开始 in range(2,len(w)+1for j ): 如果对于第i个物品，当前总重量放不下它，那么获得的最大值就是放下之前的i-1个 if j<w[i-1]: dp[i][j] = dp[i-1][j] 如果放得下，那么获得的最大值就是max(放下之前的i-1个，第i个物品的价值+ （总重量-第i个物品的重量)在前i-1个物品的值) 注意下标，第i个物品的重量是w[i-1]，价值是v[i-1] else: dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i-1][j-w[i-1]]+v[i-1]) return dp show(c,dp): print("最大价值为：",dp[len(w)][c]) x = [False )] j = c 8 i = len(w) 4 while i>=0: if dp[i][j]>dp[i-1][j]: x[i]=True j=j-w[i-1] i-=1 选择的物品是：) if x[i]: 第",i,1)">个'') dp =): print(dp[i]) show(c,dp)
运行结果：
最后在输出第几个物品的时候采用由下往上，如果下面的值大于上面的值，说明这个物品被放置了，然后总重量减去该物品重量，继续判断，如蓝色所标记的。
总结：背包问题三步走：
（1）初始化dp数组，行为物品个数+1，列为总重量+1
（2）初始化边界，只放一个物品，在不同总重量下得到的价值
（3）遍历数组，依赖dp[i-1]更新dp[i]
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